Примеры решения задач. Пример 1. На стеклянный клин (n=1,5) с малым углом нормально к его грани падает параллельный пучок лучей монохроматического света с длиной волны λ = 0,6

Пример 1. На стеклянный клин (n =1,5) с малым углом нормально к его грани падает параллельный пучок лучей монохроматического света с длиной волны λ = 0,6 мкм. При этом на отрезке клина длиной l =1 см возникает m =10 темных интерференционных полос. Определить угол клина.

(k =0, ±1, ±2,…) (1)

Оптическая разность хода световых волн, отраженных от двух поверхностей тонкой пластинки

,

где d – толщина пластинки;

i ₂ – угол преломления света.

Тогда формула (1) примет вид:

(2)

где d_k – толщина клина в том месте, где наблюдается темная полоса, соответствующая номеру k;

n – показатель преломления стекла.

Согласно условию, угол падения равен нулю; следовательно, и угол преломления i ₂ равен нулю, а cos i ₂ = 1. Упростив равенство (2), получим

. (3)

Пусть произвольной темной полосе k -го номера соответствует толщина d_k клина, а темной полосе k+m -го номера – толщина d_k+m клина. Тогда (см. рис. 47), учитывая, что m полос укладывается на расстоянии l, найдем:

. (4)

Так как угол α очень мал, то . Выразив из (3) и и подставив их в формулу (4), получим:

.

Произведем вычисления:

.

Но 1 рад = 2,06. 10⁵ секунд, следовательно

Ответ: искомый угол равен .

Пример 2. В просветленной оптике для устранения отражения света на поверхность линзы наносится тонкая пленка вещества с показателем преломления n =1,26, меньшим, чем у стекла. При какой толщине пленки отражение света от линзы не будет наблюдаться? Длина волны падающего света λ = 0,55 мкм, угол падения i =30°.

рентны, так как образованы из одного луча S. Результат интерференции этих лучей будет зависеть от оптической разности хода. Лучи отражаются от среды с большим показателем преломления, поэтому как на верхней, так и на нижней поверхности пленки происходит потеря полуволны и, следовательно, оптическая разность хода волн равна .

,

откуда .

Полагая k = 1, 2, 3,…, получим ряд возможных значений толщины пленки:

; и т.д.

;

.

Ответ: d ₁= 0,35 мкм; d ₂= 0,59 мкм и т.д.

Дано:	Решение:
λ = 0,65 мкм = 6×10-7 м L = 0,5 м l = 10 см = 0,10 м k = 1	Условие главных максимумов дифракционной решетки: , (1) где d – постоянная дифракционной решетки;
d -? N -?

j – угол дифракции;

λ – длина волны падающего на решетку монохроматического света;

k – порядок главных дифракционных максимумов.

Так как (см. рис. 49), то sin j = tg j = .

Тогда получим , откуда .

Подставляя числовые значения величин, получим

Общее число главных максимумов, даваемых дифракционной решеткой, определяем из условия, что максимальный угол отклонения лучей от нормального направления распространения не может превышать 90°, т.е. sin 90°=1, тогда формула (1) примет вид:

.

Общее число максимумов , т. е. влево и вправо от центрального максимума будут наблюдаться по k _max максимумов:

.

Ответ: d = 6,15 мкм, N = 21.

Пример 4. Луч света, проходя слой льда, падает на алмазную пластинку, частично отражается, частично преломляется. Определить, каким должен быть угол падения, чтобы отраженный луч был максимально поляризован. Найти степень поляризации отраженного и преломленного света для этого угла падения с помощью формулы Френеля.

показателю преломления второй среды относительно первой:

tg . (1)

С помощью формул Френеля определяем степень поляризации отраженного луча:

.

Здесь , – интенсивности света, распространявшегося в направлениях, перпендикулярном и параллельном плоскости падения;

I ₀ – интенсивность естественного света;

i – угол падения;

r – угол преломления.

Если свет падает на диэлектрик под углом полной поляризации (i = i ₀), то, учитывая, что i ₀ + r = 90°, для отраженного луча получим , , так как , .

Степень поляризации отраженного луча

, или %,

т. е. луч максимально поляризован.

Найдем интенсивности света после преломления в направлениях, перпендикулярном и параллельном плоскости преломления:

; .

Степень поляризации преломленного луча:

где i ₀ = 61,5°; r = 90° – i ₀ = 90° – 61,5° = 28,5°.

, или

Ответ: i ₀ = 61,5°; P ₁ = 100%; P ₂ = 17%.

Пример 5. Два николя N ₁ и N ₂ расположены так, что угол между их плоскостями пропускания составляет α =60°. Определить, во сколько раз уменьшится интенсивность I ₀ естественного света: 1) при прохождении через один николь N ₁; 2) при прохождении через оба николя. Каждый николь поглощает 5% света, падающего на него. Потери на отражение света не учитывать.

Дано:	Решение:
α = 60° k = 0,05	1) Естественный свет, падая на грань призмы Николя (рисунок 51), расщепляется вследствие двойного лучепреломления на два луча: обыкновенный и необыкновенный. Оба луча одинаковы по интенсивности и полностью поляризованы, но во взаимно перпендикулярных плоскостях.
1) -? 2) -?

Обыкновенный луч (о) вследствие полного отражения от границы АВ отбрасывается на зачерненную поверхность призмы и поглощается ею. Необыкновенный луч (е) проходит через призму без отклонения, интенсивность его уменьшается из-за поглощения света призмой на величину kI ₀. Таким образом, интенсивность света, прошедшего через поляризатор (через первую призму N ₁), равна

,

где k – коэффициент поглощения света в призме (k = 0,05);

I ₀ – интенсивность естественного света, падающего на поляризатор.

Относительное уменьшение интенсивности света при прохождении через первый николь N ₁ равно:

(*)

Произведем вычисления:

.

Таким образом, интенсивность уменьшается в 2,1 раза.

2) Плоскополяризованный пучок света интенсивности I ₁ падает на второй николь N ₂ – анализатор и также расщепляется на два луча различной интенсивности: обыкновенный и необыкновенный. Обыкновенный пучок полностью поглощается призмой, поэтому интенсивность его нас не интересует. Интенсивность I ₂ необыкновенного луча, вышедшего из призмы N ₂ (анализатора) определяется законом Малюса (без учета поглощения света в анализаторе):

,

где α – угол между плоскостями поляризации поляризатора (N ₁) и анализатора (N ₂).

Учитывая потери интенсивности на поглощение во втором николе, получаем:

.

Искомое уменьшение интенсивности света при прохождении его через оба николя равно:

.

Заменяя отношение его выражением по формуле (*), получаем:

.

Произведем вычисления:

.

Итак, после прохождения света через два николя интенсивность его уменьшится в 8,86 раза.

Пример 6. Плоскополяризованный монохроматический пучок света падает на поляроид и полностью им гасится. Когда на пути пучка поместили кварцевую пластинку, интенсивность I пучка света после поляроида стала равна половине интенсивности I ₀ пучка, падающего на поляроид. Определить минимальную толщину кварцевой пластинки. Поглощением и отражением света поляроидом пренебречь, постоянную вращения α кварца принять равной 48,9 град/мм.

Дано:	Решение:
I = I 0 α = 48,9 град/мм	Полное гашение света поляроидом означает, что плоскость пропускания поляроида (штриховая линия на рисунке 52) перпендикулярна плоскости колебаний (I – I) плоскополяризованного света, па-
d -?

дающего на него. Введение кварцевой пластины приводит к повороту плоскости колебаний света на угол

,

где d – толщина пластины.

Угол между плоскостью пропускания поляроида и новым направлением (II – II) плоскости колебаний падающего на поляроид плоскополяризованного света

.

Воспользуемся законом Малюса

, или .

Откуда , а .

Тогда получим: , откуда .

Произведем вычисления во внесистемных единицах:

.

Ответ: d =16 мкм.

Пример 7. Во сколько раз увеличится мощность излучения абсолютно черного тела, если максимум энергии излучения передвинется от красной границы (λ_кр = 0,76 мкм) видимого спектра к его фиолетовой границе (λ_ф = 0,38 мкм)?

Дано:	Решение:
λкр = 0,76 мкм = 7,6×10-7 м λф = 0,38 мкм = 3,8×10-7 м	Длина волны, на которую приходится максимум энергии излучения абсолютно черного тела, определяется из закона смещения Вина:
-?

, (1)

где Т – термодинамическая температура излучателя;

b = 2,9×10^-3 м×K – постоянная Вина.

По формуле (1) определяем температуру излучателя, соответствующую красной и фиолетовой границам видимой области спектра:

; .

Мощность излучения абсолютно черного тела

,

где R_е – энергетическая светимость абсолютно черного тела;

S – площадь поверхности излучающего тела.

В соответствии с законом Стефана-Больцмана

,

где s – постоянная Стефана-Больцмана.

Тогда для красной и фиолетовой границ видимой области спектра

, а .

Следовательно,

.

Произведем вычисления:

.

Ответ: Мощность излучения увеличится в 16 раз.

Пример 8. Определить с помощью формулы Планка энергетическую светимость D R_e абсолютно черного тела, приходящуюся на узкий интервал длин волн D λ = 10Å, соответствующий максимуму спектральной плотности энергетической светимости при температуре тела Т = 3000 K.

спектре излучения тела по длинам волн и выражается формулой , где dR_e – энергетическая светимость, приходящаяся на интервал длин волн от λ до λ+d λ. Отсюда следует, что

,

где – формула Планка.

Используя закон смещения Вина , формулу Планка можно записать так:

,

или .

Эту формулу иногда называют вторым законом Вина. Константа . Тогда расчетная формула примет упрощенный вид:

.

Подставив числовые значения величин, получим:

Ответ: D R_e = 3,2 кВт/м².

Пример 9. Определить максимальную скорость фотоэлектронов, вырываемых с поверхности серебра: 1) ультрафиолетовым излучением с длиной волны λ ₁ = 0,155 мкм; 2) γ-излучением с длиной волны λ ₂=1 пм.

Дано:	Решение:
Рисунок 52 1) λ 1 = 0,155 мкм =1,55×10-7 м 2) λ 2 = 1 пм = 1×10-12 м	Максимальную скорость фотоэлектронов можно определить из уравнения Эйнштейна для фотоэффекта:
-?

, (1)

где – энергия фотонов, падающих на поверхность металла;

А – работа выхода электрона из металла;

Т _max – максимальная кинетическая энергия фотоэлектронов.

Скорость фотоэлектрона зависит от энергии фотона, вызывающего фотоэффект: если энергия ε фотона много меньше энергии покоя Е₀ электрона, то кинетическую энергию фотоэлектрона можно найти по классической формуле:

, (2)

если же энергия ε фотона сравнима по величине с энергией покоя Е ₀ электрона, то кинетическую энергию фотоэлектронов необходимо вычислять по релятивистской формуле

, где . (3)

1) Вычислим энергию фотона ультрафиолетового излучения по формуле:

,

или .

Полученная энергия фотона (8 эВ) много меньше энергии покоя электрона (Е ₀ = 0,51 МэВ). Следовательно, кинетическая энергия фотоэлектрона может быть выражена по классической формуле (2):

, откуда ,

где А = 7,5×10^-19 Дж = 4,7 эВ – работа выхода электронов из серебра.

Произведем вычисления:

2) Вычислим энергию фотона γ-излучения:

,

или .

Работа выхода электрона (А = 4,7 эВ) пренебрежимо мала по сравнению с энергией фотона (ε₂ = 1,24 МэВ), поэтому можно принять, что максимальная кинетическая энергия электрона равна энергии фотона: Т _max = ε₂ = 1,24 МэВ. В данном случае для вычисления скорости фотоэлектрона следует взять релятивистскую формулу кинетической энергии (3). Из этой формулы найдем

.

Заметив, что и Т _max = ε₂, получим

.

Произведем вычисления:

Ответ: 1) = 1,08×10⁶ м/с; 2) = 2,85×10⁸ м/c.

Пример 10. Угол рассеяния фотона с энергией ε₁ = 1,2 МэВ на свободном электроне θ = 60°. Найти длину волны рассеянного фотона, энергию и импульс электрона отдачи. Кинетической энергией электрона до соударения пренебречь.

, (1)

где λ ₁ и λ ₂ – длины волн падающего и рассеянного фотонов;

h = 6,63^-34 Дж×с – постоянная Планка;

m ₀ = 9,11×10^-31 кг – масса покоя электрона;

с = 3×10⁸ м/с – скорость света в вакууме;

L = 2,43×10^-12 м – комптоновская длина волны электрона;

θ – угол рассеяния (рис. 53).

На рисунке и – импульсы падающего и рассеянного фотонов. Из формулы (1) находим:

.

Так как , то получим:

. (2)

Энергия электрона отдачи по закону сохранения энергии равна Т_е = ε₁ – ε ₂, где ε ₂ – энергия рассеянного фотона.

;

Тогда ;

, (3)

где Е ₀ = 0,51 МэВ = 8,2×10^-14 Дж – энергия покоя электрона.

Зная энергию электрона, найдем импульс электрона отдачи (релятивистский импульс частицы)

. (4)

Подставляя числовые значения в формулы (2), (3) и (4), получаем:

Пример 11. На зачерненную поверхность нормально падает монохроматический свет с длиной волны λ = 0,65 мкм, производя давление p =5×10^-6 Па. Определить концентрацию фотонов вблизи поверхности и число фотонов, падающих на площадь S = 1 м² в t = 1 с.

или , (1)

где Е_е – энергетическая освещенность поверхности;

с – скорость света в вакууме;

ω – объемная плотность энергии.

Объемная плотность энергии равна произведению концентрации фотонов (число фотонов в единице объема) на энергию одного фотона:

, т.е. ,

откуда . (2)

Из выражения (1) определяем объемную плотность энергии

.

Тогда , где ρ = 0 (зачерненная поверхность).

.

Число фотонов, падающих на площадь S = 1 м² в 1 секунду, численно равно отношению энергетической освещенности к энергии одного фотона:

.

Из выражения (1) энергетическая освещенность

, тогда ,

так как ρ = 0.

Ответ: n ₀ = 1,6×10¹³ м^-3; N = 4,8×10²¹ м ^-2.

Не нашли, что искали? Воспользуйтесь поиском: