ТОР 5 статей: Методические подходы к анализу финансового состояния предприятия Проблема периодизации русской литературы ХХ века. Краткая характеристика второй половины ХХ века Характеристика шлифовальных кругов и ее маркировка Служебные части речи. Предлог. Союз. Частицы КАТЕГОРИИ:
|
Основная теорема арифметикиВажнейшим вопросом, связанным с простыми числами, является вопрос о возможности разложения любого числа на простые множители. Условились считать два разложения на множители одинаковыми, если они отличаются друг от друга лишь порядком множителей. Например, одинаковы разложения 2 · 2 · 3 · 5 и 3 · 2 · 5 · 2. Тогда справедлива следующая теорема, которую называют основной теоремой арифметики натуральных чисел. Теорема. Всякое натуральное число, большее единицы, можно единственным образом представить в виде произведения простых множителей. Основной эта теорема называется потому, что практически все свойства делимости чисел являются ее следствиями. Теорема содержит два утверждения: 1) разложение на простые множители существует, 2) разложение на простые множители единственно. Предварительно сделаем замечание. Возникает вопрос: в каком смысле сформулированная теорема верна для простого числа р? Условимся считать, что простое число представимо в виде произведения так: р = р, т.е. число простых множителей в правой части равно одному. 1) Докажем сначала возможность представления натурального числа большего единицы в виде произведения простых чисел. Пусть п > 1– какое-нибудь натуральное число. Оно имеет по крайней мере один простой делитель р 1, п = р 1· п 1, при этом п 1 = 1 или п 1 > 1. Если п 1 = 1, то п = р 1 и теорема доказана. Если число п 1 > 1, то оно имеет хотя бы один простой делитель р 2, т.е. n 1 = p 2 × n 2, Заметим, что числа n 1, n 2, n 3, … уменьшаются: n 1 > n 2 > n 3 > …. Но множество натуральных чисел, меньших определённого числа n, конечно. Поэтому проводимый нами процесс после конечного числа шагов должен прекратиться, что может наступить лишь при условии, что какое-либо число nк = 1. Но тогда n = p 1 · p 2· … · pк, где p 1, p 2, …, pк – простые числа. Этим и доказывается возможность представления любого натурального числа большего 1 в виде произведения простых чисел. Процесс разложения натурального числа на простые множители, применённый при доказательстве, хорошо известен со школы и схематически изображается так Для осуществления этого разложения испытывают, последовательно, делится ли n на простые числа 2, 3, 5, 7. 2) Доказательство единственности (от противного). Допустим, что натуральное число n > 1 можно представить в виде произведения простых чисел не единственным образом: n = p 1· p 2· … · pк и n = q 1 · q 2 · … · qm, где простые числа pi могут отличаться от qi, и, может быть, к ≠ m. По симметричности и транзитивности отношения равенства имеем p 1· p 2 · … · pк = q 1· q 2 · … · qm (*). Правая часть имеет множителем q 1, значит произведение в левой части делится на q 1, но тогда по теореме 5 (§ 9) один из множителей делится на q 1. Меняя в случае надобности места множителей, можем считать, что p 1 q 1 , но p 1и q 1 – простые числа, значит по теореме 6 (§ 9) p 1 = q 1. Разделим обе части равенства (*) на р 1, получим: p 2 · p 3 · … · pк = q 2 · q 3 · … · qm. Аналогично устанавливаем, что один из множителей q 2, q 3, …, qm равен р 2. Пусть q 2 = р 2, тогда p 3 · p 4 · … · pк = q 3 · q 4 · … · qm. Повторяя рассуждения, придем: 1) при к = т к тому, что при сокращении всех множителей в левой части равенства (*) сократятся все множители в правой части равенства (*) и в этом случае два представления числа n, указанные при допущении, могут отличаться только порядком следования множителей; 2) при к < т к невозможному равенству 1 = qk +1 · qk +2 · … · qm, т.к. произведение простых чисел не может быть равно единице; 3)при к > т придем к невозможному равенству pm +1 · pm +2 · … · pk = 1. Следовательно, утверждение о единственности представления натурального числа п > 1 в виде произведения простых чисел доказано. Если среди множителей p 1, p 2, …, pк встречаются одинаковые, то, пользуясь записью произведения равных множителей как степени, можем написать: , где каждый из показателей – натуральное число, а все множители p 1, p 2, …, pк – различные простые числа. Такое представление натурального числа п > 1 называют каноническим разложением числа n на простые множители. Например,
14. Нахождение наибольшего общего делителя Если натуральные числа а и в представлены в каноническом виде, то над ними легко выполнять умножение, деление, возведение в степень. Пусть , . . , для aк ≥ b к,при к = 1, 2, …, n. Из последнего равенства следует, что число d может быть общим делителем чисел а и в лишь в том случае, когда показатель степени каждого простого числа в разложении d не превосходит соответствующих показателей в числах а и в. Иными словами при условии, что для любого к Аналогично выводится и правило нахождения НОК: чтобы найти НОК чисел, представленных в каноническом виде, достаточно образовать произведение всех простых множителей, находящихся в разложениях данных чисел, каждый с наибольшим показателем, с каким он входит во все разложения данных чисел, и найти его значение. П р и м е р. Найти НОК и НОД чисел 504 и 132 504 = 23 ·32 · 7; 132 = 22 · 3 ·11. НОД (504, 132) = 22 · 3 · 70 · 110 =12, НОК (504, 132) = 23 · 32 · 7 · 11 = 5544. 15. Некоторые свойства наибольшего общего делителя (НОД) Теорема 1 (О связи НОД и НОК). НОД (а, в) · НОК (а, в) = а · в. Доказательство. Пусть и , тогда , используя ассоциативность и коммутативность умножения, перегруппируем множители следующим образом: а × в = , где di ≤ ti, i = 1, 2, …, к. Т.е. поступили мы так: выбрали и и сравнили ai и b i. Если a i ≥ b i, то во 2-ой скобке, а – в 1-ой скобке. Но ведь тогда , , т.е. а · в =НОД(а, в)·НОК(а, в). П р и м е р.
Запишем равенство 12 ·240 = 60 · 48, получим 2880 = 2880. Теорема 2 (облегчающая вычисление НОД и НОК). 1) НОД (а 1, а 2, … а n) =НОД (НОД(а 1, а 2), а 3, …, аn), 2) НОК (а 1, а 2, … а n) =НОК (НОК(а 1, а 2), а 3, …, аn). Теорема позволяет при отыскании НОД и НОК нескольких чисел производить это последовательно, заменяя пару чисел их НОД и НОК. Доказательство. 1) Пусть даны числа а 1, а 2, …, аn своими каноническими разложениями. , , , … …….. ……. . НОД (а 1, а 2) = , где ti – наименьшее из чисел ai, bi, i = 1, 2, …, к. Обозначим через di – наименьшее из чисел ai, bi, ci, …, gi, тогда di является наименьшим из чисел ti, ci, …, gi. НОД , отсюда НОД(а 1, а 2, …, аn) = НОД (НОД (а 1, а 2), а 3, а 4, …, аn). 2) Точно так же доказывается и вторая часть. НОК , где r i – наибольшее из чисел ai, bi, i = 1, 2, …, к. НОК , где mi – наибольшее из чисел ai, bi, ci, …, gi и является наибольшим из чисел ri, ci, …, gi, отсюда НОК (а 1, а 2, …, аn) = НОК (НОК (а 1, а 2), а 3, а 4, …, аn). П р и м е р. Применяя теорему 2, найдем НОД (1320, 3600, 1485). 1320 = 23 · 31 · 5 · 11, 3600 = 24 · 32 · 52 ·110, 1485 = 20 · 33 · 5 · 11. НОД (1320, 3600) = 23 · 3 · 5 = 120, НОД (120, 1485) = 20 · 3 · 5 = 15. Значит, НОД (1320, 3600, 1485) = 15. НОК (1320, 3600) = 24 · 32 · 52 · 11 = 39600 НОК (39600, 1485) = 24 · 33 · 52 · 11 = 118800. Значит, НОК (1320, 3600, 1485) = 118800. Теорема 3. Пусть m – некоторое натуральное число, тогда НОД (ma1, ma2, …, man) = m НОД (а 1, а 2, …, аn), НОК (ma1, ma2, …, man) = m НОК (а 1, а 2, …, аn), то есть общий множитель можно выносить за знак НОД и за знак НОК. Доказательство. Запишем каноническое разложение чисел , НОД (а 1, а 2, …, аn) = , НОК (а 1, а 2, …, аn) = . Ясно, что есть наименьший, а – наибольший среди степеней простого числа pi, встречающихся в канонических разложениях чисел а 1, а 2, …, аn, но тогда будет наименьшим, а – наибольшим среди степеней простого числа p i в разложениях чисел mа 1, mа 2, …, mаn. pi – это любое число из простых множителей чисел а 1, а 2, …, аn. Значит, получили m НОД (а 1, а 2, …, аn) = = НОД (mа 1, mа 2, …, mаn). Аналогично, m НОК (а 1, а 2, …, аn) = = НОК (mа 1, mа 2, …, mаn).
Следствие 1. Пусть m – есть некоторый общий делитель чисел в 1, в 2, …, вn, тогда НОД ; НОК , т.е. если данные числа разделить на m, то их НОД и НОК также разделятся на m. Доказательство. По теореме 3 имеем: m НОД (а 1, а 2, …, аn) = НОД (mа 1, mа 2, …, mаn), разделим обе части равенства на m, получим НОД (а 1, а 2, …, аn) = . Обозначим mai = вi Þ ai = . Тогда: . Что и требовалось доказать. Точно также выводится равенство относительно НОК. Следствие 2. d = НОД (а 1, а 2, …, аn)Û . Доказательство. Необходимость. Дано НОД (а 1, а 2, …, аn) = d, доказать, что . По следствию 1, имеем НОД . Достаточность. Дано НОД , доказать, что НОД (а 1, а 2, …, аn) = d. Обе части данного равенства умножим на d, тогда d НОД . По теореме 2 НОД (а 1, а 2, …, аn) = d. Что и требовалось доказать. П р и м е р ы на применение следствия. Пусть в1 = 33, в2 = 55, в3 = 99 Þ m = 11 1. . =НОК (3, 5, 9) Þ НОК (33, 55, 99) = 11 · 45 = 495. 2. Пусть в 1 = 33, в 2 = 55, в 3 = 99; НОД (33, 55, 99) = 11. Тогда НОД ()= 1. Не нашли, что искали? Воспользуйтесь поиском:
|